VI.8. Một chất phát quang có thể phát ra ánh sáng màu xanh lục. Chiếu ánh sán. nào dưới đây vào chất đó thì nó sẽ phát quang ?
A. Ánh sáng đỏ. B. Ánh sáng da cam.
C. Ánh sáng vàng. D. Ánh sáng tím.
VI.9. Chiếu một chùm sáng tử ngoại đơn sắc, mạnh vào một đám khí hiđrô s cho có thế đưa các nguyên tử hiđrô lên trạng thái kích thích. Ghi quaru phổ phát quang của đám khí này. Ta sẽ được một quang phổ có b nhiêu vạch ?
A. Chi có một vạch ở vùng tử ngoại.
B. Chỉ có một số vạch ở vùng tử ngoại,
C. Chỉ có một số vạch trong vùng ánh sáng nhìn thấy.
D. Có một số vạch trong các vùng tử ngoại, ánh sáng nhìn thấy và hồng ngo
VI.10. Trong một cái bút laze khi hoạt động thì có những sự biến đổi năng lượng chủ yếu nào ?
A. Nhiệt năng biến đổi thành quang năng.
B. Hoá năng biến đổi thành quang năng
C. Điện năng biến đổi thành quang năng.
D. Hoá năng biến đổi thành điện năng rồi thành quang năng.
| VI.8 | VI.9 | VI.10 |
| D | D | C |
Bài VI.11: Giới hạn quang điện của kẽm là 0,35 \(\mu\)m.
a) Giới hạn quang điện này nằm trong vùng ánh sáng gì (hồng ngoại, ngoại, tia X,…) ?
b) Tính công thoát êlectron khỏi kẽm.
Advertisements (Quảng cáo)
c) Có thể dùng một chùm tia laze đỏ cực mạnh, sao cho êlectron có t hấp thụ liên tiếp hai phôtôn đỏ, đủ năng lượng để bứt ra khỏi tấm kẽ được không ? Tại sao ?
Cho h = 6,625.10-34 J.s ; c = 3.108 m/s ; e = 1,6.10-19 C.
a) Ánh sáng tử ngoại.
b) \(A = {{hc} \over \lambda } = {{6,{{625.10}^{ – 34}}{{.3.10}^8}} \over {0,{{35.10}^{ – 6}}}} = 5,{678.10^{ – 19}}J = 3,55 eV\)
c) Không thể dùng tia laze đỏ cực mạnh để tạo ra hiện tượng quang điện ở kẽm được. Đó là vì tại mỗi thời điểm, mỗi êlectron ở kẽm chỉ có thế hấp thụ được một phôtôn. Phôtôn ánh sáng đỏ không đủ năng lượng để kích thích êlectron, nên êlectron ở kẽm không hấp thụ phôtôn này. Như vậy, các phôtôn ánh sáng đỏ tuần tự đến gặp một êlectron thì chúng hoàn toàn không bị hấp thụ.
Bài VI.12: Trên Hình VI. 1, ta có E: bộ pin
12 V – 1 \(\Omega\) ; A: có thể là một ampe kế hoặc một micrôampe kế ; R là một quang điện trở ; L là chùm sáng thích hợp chiếu vào quang điện trở.
Khi không có ánh sáng chiếu vào quang điện trở thì micrôampe kế chỉ 6 \(\mu\)A. Khi quang điện trở được chiếu sáng thì ampe kế chỉ 0,6 A.
Tính điện trở của quang điện trở khi không được chiếu sáng và khi được chiếu sáng bằng ánh sáng thích hợp. Điện trở của ampe kế và của micrôampe kế coi như nhỏ không đáng kể.
Advertisements (Quảng cáo)
Khi quang điện trở không được chiếu sáng :
\(I = {E \over {R + r}} = {{12} \over {1 + R}} = {6.10^{ – 6}} \Rightarrow R = {2.10^6}\Omega \)
Khi quang điện trở được chiếu sáng :
\(I = {E \over {R + r}} = {{12} \over {1 + R}} = 0,6 \Rightarrow R = 19\Omega \)
Bài VI.13: Một chất phát quang được kích thích bằng ánh sáng có bước sóng 0,2 \(\mu\)m thì phát ra ánh sáng có bước sóng 0,5 \(\mu\)m. Giả sử công suất của chùm sáng phát quang bằng 40 % công suất của chùm sáng kích thích. Tính xem cần có bao nhiêu phôtôn ánh sáng kích thích để tạo ra được một phôtôn ánh sáng phát quang ?
Lượng tử năng lượng của phôtôn ánh sáng kích thích và của phôtôn ánh sáng phát quang :
\({\varepsilon _{kt}} = {{hc} \over {{\lambda _{kt}}}} \) và \({\varepsilon _{pq}} = {{hc} \over {{\lambda _{pq}}}} \)
Công suất của ánh sáng kích thích và của ánh sáng phát quang :
Ppq = 0,4Pkt
Số phôtôn ánh sáng kích thích chiếu đến chất phát quang trong 1 giây và số phôtôn phát quang trong 1 giây :
\({N_{kt}} = {{{P_{kt}}} \over {{\varepsilon _{kt}}}} \) và \({N_{pq}} = {{{P_{pq}}} \over {{\varepsilon _{pq}}}} \)
Tỉ số giữa số phôtôn ánh sáng kích thích và số phôtôn ánh sáng phát quang trong 1 giây :
\(K = {{{N_{kt}}} \over {{N_{pq}}}}\) =1
Như vậy cứ mỗi phôtôn ánh sánh kích thích thì cho một phôtôn ánh sáng phát quang. Hiện tượng này thường xảy ra đối với sự huỳnh quang của … chất lỏng.
Bài VI.14: Bốn vạch quang phổ đỏ, lam, chàm và tím của quang phổ hiđrô ứng với các sự chuyển của các nguyên tử hiđrô từ các trạng thái kích thích M, N, O và P về trạng thái kích thích L. Biết bước sóng của các vạch chàm và tím là 0,434 \(\mu\)m và 0,412 \(\mu\) m. Tính độ chênh lệch năng lượng của nguyên tử hiđrô giữa hai trạng thái kích thích P và O.Cho h = 6,625.10-34 J.s ; c = 3.108 m/s ; e = 1,6.10-19 C.
Theo bài ra ta có
\(\eqalign{
& {E_O} – {E_L} = {{hc} \over {{\lambda _c}}};\,{E_P} – {E_L} = {{hc} \over {{\lambda _t}}} \cr
& {E_P} – {E_O} = \left( {{E_P} – {E_L}} \right) – \left( {{E_O} – {E_L}} \right) \cr
& = {{hc} \over {{\lambda _t}}} – {{hc} \over {{\lambda _c}}} = hc\left( {{{{\lambda _c} – {\lambda _t}} \over {{\lambda _c}.{\lambda _t}}}} \right) = 0,1528eV \cr} \)
Bài VI.15: Hiệu điện thế giữa anôt và catôt của một ống Rơn-ghen là U = 20 kV. Coi vận tốc ban đầu của chùm êlectron phát ra từ catôt bằng 0. Biết hằng số Plăng h = 6,625.10 -34 J.s ; điện tích nguyên tố bằng 1,6.10 -19 C ; vận tốc ánh sáng trong chân không bằng 3.108 m/s. Cho rằng mỗi êlectron khi đập vào đối catôt (hoặc anôt) có thể bị hãm lại và truyền hoàn toàn năng lượng của nó cho phôtôn tia Rơn-ghen mà nó tạo ra. Tính bước sóng ngắn nhất của tia Rơn-ghen mà ống này có thể phát ra.
Công mà điện trường giữa anôt và catôt của ống Rơn-ghen sinh ra khi êlectron bay từ catôt đến anôt bằng đô tăng động năng của êlectron :
\( – e{U_{AK}} = {{\rm{W}}_S} – {{\rm{W}}_t} = {{m{v^2}} \over 2} – 0 \Rightarrow {{m{v^2}} \over 2} = e{U_{AK}}\)
Khi đập vào anôt thì êlectron truyền toàn bộ động năng của nó cho một nguyên tử và kích thích cho nguyên tử này phát ra tia Rơn-ghen. Nếu không bị mất mát năng lượng thì năng lượng cực đại của phôtôn tia Rơn-ghen đúng bằng động năng của êlectron :
\(\eqalign{
& {\varepsilon _{max}} = h{f_{max}} = {{hc} \over {{\lambda _{\min }}}} = {{m{v^2}} \over 2} = e{U_{AK}} \cr
& \Rightarrow {\lambda _{\min }} = {h \over {e{U_{AK}}}} = 6,{2.10^{ – 9}}m \cr} \)
